这个题目要是顺着dp的话很难做，但是倒着推就很容易退出比较简单的关系式了。

dp[i]=min(dp[u]+(sum[u-1]-sum[i-1]+s)*f[i]);dp[i]代表从i到结尾需要花费的代价，sum[i]表示1到i的时间和，f[i]代表i到n的代价和。

然后对于i状态来说，j由于k等价于 (dp[j]-dp[k])/(sum[k-1]-sum[j-1])<f[i] 

然后f[i]随着i递减而递增，所以就可以利用斜率优化的办法来搞了。

 

#include 
    
     #include 
     
      #include 
      
       using namespace std;const int maxn=1e4+9;long long sum[maxn],f[maxn];long long dp[maxn];int que[maxn];bool chk1(int k,int j,int i){    return (dp[j]-dp[k])
       
        ((dp[i]-dp[j])*(sum[k-1]-sum[j-1]));}int main(){    int n,s;    while(scanf("%d %d",&n,&s)!=EOF)    {        sum[0]=0;        for(int i=1;i<=n;i++)        {            scanf("%lld %lld",&sum[i],&f[i]);            sum[i]+=sum[i-1];        }        for(int i=n-1;i>=1;i--) f[i]+=f[i+1];        int front=1,end=0;        que[++end]=n+1;        dp[n+1]=0;        for(int i=n;i>=1;i--)        {            while(front